Mathebattle EduRandomtasks

ohne Zurücklegen (einfach)

Beispiel:

In einer 8-ten Klasse gibt es 2 Schüler mit NWT-Profil, 9 Schüler mit sprachlichem Profil, 10 Schüler mit Musik-Profil und 3 Schüler mit IMP-Profil. Der NWT-Lehrer hört, dass heute 2 Schüler fehlen würden. Wie groß ist die Wahrscheinlichkeit dass mindestens 1 Schüler mit NWT-Profil fehlen?

Lösung einblenden

Da ja ausschließlich nach 'NWT' gefragt ist, genügt es das Modell auf zwei Möglichkeiten zu beschränken: 'NWT' und 'nicht NWT'

Einzel-Wahrscheinlichkeiten :"NWT": $\frac{1}{12}$ ; "nicht NWT": $\frac{11}{12}$ ;

Wie man auch im Baumdiagramm unten gut erkennen kann, sind bei 'mindestens einmal NWT' alle Möglichkeiten enthalten, außer eben kein 'NWT' bzw. 0 mal 'NWT'

Man kann also am aller einfachsten die gesuchte Wahrscheinlichkeit über das Gegenereignis berechnen:

P=1-P(0 mal 'NWT')=1- $\frac{77}{92}$ = $\frac{15}{92}$

Ereignis	P
NWT -> NWT	$\frac{1}{276}$
NWT -> nicht NWT	$\frac{11}{138}$
nicht NWT -> NWT	$\frac{11}{138}$
nicht NWT -> nicht NWT	$\frac{77}{92}$

Einzel-Wahrscheinlichkeiten: P("NWT")= $\frac{1}{12}$ ; P("nicht NWT")= $\frac{11}{12}$ ;

Die relevanten Pfade sind:

'NWT'-'nicht NWT' (P= $\frac{11}{138}$ )
'nicht NWT'-'NWT' (P= $\frac{11}{138}$ )
'NWT'-'NWT' (P= $\frac{1}{276}$ )

Die Lösung ist also die Summe dieser Wahrscheinlichkeiten:

$\frac{11}{138}$ + $\frac{11}{138}$ + $\frac{1}{276}$ = $\frac{15}{92}$

Ziehen ohne Zurücklegen

Beispiel:

In einer Urne sind 4 Kugeln, die mit einer 1 beschriftet sind, 4 kugel mit einer 2 und 4 Kugeln mit einer 3. Es werden zwei Kugeln gleichzeitig gezogen. Wie groß ist die Wahrscheinlichkeit, dass die Summe der Kugeln 3 ist?

Lösung einblenden

Ereignis	P
1 -> 1	$\frac{1}{11}$
1 -> 2	$\frac{4}{33}$
1 -> 3	$\frac{4}{33}$
2 -> 1	$\frac{4}{33}$
2 -> 2	$\frac{1}{11}$
2 -> 3	$\frac{4}{33}$
3 -> 1	$\frac{4}{33}$
3 -> 2	$\frac{4}{33}$
3 -> 3	$\frac{1}{11}$

Einzel-Wahrscheinlichkeiten: P("1")= $\frac{1}{3}$ ; P("2")= $\frac{1}{3}$ ; P("3")= $\frac{1}{3}$ ;

Die relevanten Pfade sind:

'1'-'2' (P= $\frac{4}{33}$ )
'2'-'1' (P= $\frac{4}{33}$ )

Die Lösung ist also die Summe dieser Wahrscheinlichkeiten:

$\frac{4}{33}$ + $\frac{4}{33}$ = $\frac{8}{33}$

nur Summen

Beispiel:

In einer Urne sind 6 Kugeln, die mit einer 1 beschriftet sind, 10 kugel mit einer 2 und 4 Kugeln mit einer 3. Es werden zwei Kugeln gleichzeitig gezogen. Wie groß ist die Wahrscheinlichkeit, dass die Summe der Kugeln 4 ist?

Lösung einblenden

Ereignis	P
1 -> 1	$\frac{3}{38}$
1 -> 2	$\frac{3}{19}$
1 -> 3	$\frac{6}{95}$
2 -> 1	$\frac{3}{19}$
2 -> 2	$\frac{9}{38}$
2 -> 3	$\frac{2}{19}$
3 -> 1	$\frac{6}{95}$
3 -> 2	$\frac{2}{19}$
3 -> 3	$\frac{3}{95}$

Einzel-Wahrscheinlichkeiten: P("1")= $\frac{3}{10}$ ; P("2")= $\frac{1}{2}$ ; P("3")= $\frac{1}{5}$ ;

Die relevanten Pfade sind:

'1'-'3' (P= $\frac{6}{95}$ )
'3'-'1' (P= $\frac{6}{95}$ )
'2'-'2' (P= $\frac{9}{38}$ )

Die Lösung ist also die Summe dieser Wahrscheinlichkeiten:

$\frac{6}{95}$ + $\frac{6}{95}$ + $\frac{9}{38}$ = $\frac{69}{190}$

Ziehen bis erstmals x kommt

Beispiel:

Werder Bremen hat mal wieder das Halbfinale des DFB-Pokals erreicht. Wie hoch ist die Wahrscheinlichkeit, dass bei der Auslosung Werder an 3. Stelle gezogen wird?
(Denk daran, den Bruch vollständig zu kürzen!)

Lösung einblenden

Die Wahrscheinlichkeit kann man dem einzig möglichen Pfad entlang ablesen:

P= $\frac{3}{4}$ ⋅ $\frac{2}{3}$ ⋅ $\frac{1}{2}$
= $\frac{1}{2}$ ⋅ $1$ ⋅ $\frac{1}{2}$
= $\frac{1}{4}$

ohne Zurücklegen (einfach)

Beispiel:

In einem Kartenstapel sind verschiedene Karten, 6 vom Typ Kreuz, 9 vom Typ Herz, 6 vom Typ Pik und 3 vom Typ Karo. Es werden 2 Karten gleichzeitig vom Stapel gezogen. Wie groß ist die Wahrscheinlichkeit, 2 Karten der gleichen Farbe zu ziehen? (Unter Farben versteht man beim Kartenspiel Herz, Kreuz, Pig und Karo - nicht rot und schwarz)

Lösung einblenden

Ereignis	P
Kreuz -> Kreuz	$\frac{5}{92}$
Kreuz -> Herz	$\frac{9}{92}$
Kreuz -> Pik	$\frac{3}{46}$
Kreuz -> Karo	$\frac{3}{92}$
Herz -> Kreuz	$\frac{9}{92}$
Herz -> Herz	$\frac{3}{23}$
Herz -> Pik	$\frac{9}{92}$
Herz -> Karo	$\frac{9}{184}$
Pik -> Kreuz	$\frac{3}{46}$
Pik -> Herz	$\frac{9}{92}$
Pik -> Pik	$\frac{5}{92}$
Pik -> Karo	$\frac{3}{92}$
Karo -> Kreuz	$\frac{3}{92}$
Karo -> Herz	$\frac{9}{184}$
Karo -> Pik	$\frac{3}{92}$
Karo -> Karo	$\frac{1}{92}$

Einzel-Wahrscheinlichkeiten: P("Kreuz")= $\frac{1}{4}$ ; P("Herz")= $\frac{3}{8}$ ; P("Pik")= $\frac{1}{4}$ ; P("Karo")= $\frac{1}{8}$ ;

Die relevanten Pfade sind:

'Kreuz'-'Kreuz' (P= $\frac{5}{92}$ )
'Herz'-'Herz' (P= $\frac{3}{23}$ )
'Pik'-'Pik' (P= $\frac{5}{92}$ )
'Karo'-'Karo' (P= $\frac{1}{92}$ )

Die Lösung ist also die Summe dieser Wahrscheinlichkeiten:

$\frac{5}{92}$ + $\frac{3}{23}$ + $\frac{5}{92}$ + $\frac{1}{92}$ = $\frac{1}{4}$

Aufgabenbeispiele von Zufallsexperimente ohne Zurücklegen

ohne Zurücklegen (einfach)

Ziehen ohne Zurücklegen

nur Summen

Ziehen bis erstmals x kommt

ohne Zurücklegen (einfach)